a, 

$M_B= M_A+14$ nên A, B là đồng đẳng kế tiếp nhau. 

Dẫn qua brom thấy có 1 khí bay ra. Giả sử khí bay ra là C; còn A, B bị giữ lại.

$V_{A,B}= 1209,6-806,4= 403,2ml= 4,032l$

=> $n_{A,B}= 0,018 mol$

$m_{tăng}= m_{A,B}$

=> $\overline{M}_{A,B}= \frac{0,468}{0,018}= 26= 14n+2-2k$ (k=1 ứng với anken hoặc k=2 ứng với ankin/ankadien)

$k=1 \Rightarrow n= 1,8$ (loại)

$k=2 \Rightarrow n=2$ ($C_2H_2$) 

$n\in Z$ nên giả sử sai. Chỉ có 1 khí được giữ lại nên C là $C_2H_2$, A, B là ankan kế tiếp.

Trong 1209,6ml có 4,032l C2H2 và 8,064l ankan 

=> 672ml có 2,24l C2H2 và 4,48l ankan 

=> $n_{C_2H_2}= 0,1 mol; n_{ankan}= 0,2 mol$

$n_{Ba(OH)_2}= 0,035 mol$

$n_{BaCO_3}= 0,025 mol$ 

* TH1: dư kiềm => $n_{CO_2}= n_{BaCO_3}= 0,025 mol$ 

$C_2H_2+ \frac{5}{2}O_2 \to 2CO_2+ H_2O$

=> C2H2 tạo 0,2 mol CO2 (>0,025) => loại

* TH2: dư CO2

$Ba(OH)_2+ CO_2 \to BaCO_3+ H_2O$ (1)

$Ba(OH)_2+ 2CO_2 \to Ba(HCO_3)_2$ (2)

Gọi a, b là mol CO2 ở phương trình (1), (2).

Ta có $a=0,025$ 

Mặt khác $a+0,5b= 0,035$

=> $b= 0,005$

$\Sigma n_{CO_2}= a+b= 0,03 mol$

0,1 mol C2H2 tạo 0,2 mol CO2 (>0,03) => loại (??)