Đáp án:

 

Giải thích các bước giải:

Câu 7 :

$CO_2 + Ca(OH)_2 → CaCO_3 + H_2O$

có : $n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = \frac{20}{100} = 0,2(mol)$

Gọi $n_{C_2H_4} = a(mol) ; n_{CH_4} = b(mol)$

$⇒ a + b = \frac{3,36}{22,4} = 0,15$

Bảo toàn nguyên tố với C :

$n_{CO_2} = 2n_{C_2H_4} + n_{CH_4} = 2a + b = 0,2(mol)$

$⇒ a = 0,05 ; b = 0,1$

Vậy :

$\%V_{C_2H_4} = \frac{0,05}{0,15}.100\% = 33,33\%$

⇒ đáp án A

Câu 21 :

Có : $m_{muối} = m_{KL} + m_{Cl^-}$

$⇒ n_{Cl^-} = \frac{5,71-5}{35,5} =0,02(mol)$

có : $n_{HCl} = n_{Cl^-} = 0,02(mol)$

Bảo toàn nguyên tố với H , ta có :

$n_{H_2} = \frac{1}{2}n_{HCl} = 0,02.\frac{1}{2} = 0,01(mol)$
$⇒ V_{H_2} = 0,01.22,4 = 0,224(lít)$

⇒ đáp án B

Câu 23 :

$n_{Ca(OH)_2} = \frac{3,7}{74} = 0,05(mol)$

$n_{CaCO_3} = \frac{4}{100} = 0,04(mol)$

Xét 2 trường hợp :

- Trường hợp 1 : $Ca(OH)_2$ dư 

$CO_2 + Ca(OH)_2 → CaCO_3 + H_2O$
có : $n_{CO_2} = n_{CaCO_3} = 0,04(mol)$

$⇒ V = 0,04.22,4 = 0,896(lít)$

- Trường hợp 2 : $CaCO_3$ bị hòa tan 1 phần.

$CO_2 + Ca(OH)_2 → CaCO_3 + H_2O(I)$

có : $n_{CO_2(I)} = n_{CaCO_3(I)} = n_{Ca(OH)_2} = 0,05(mol)$

$CaCO_3 + CO_2 + H_2O → Ca(HCO_3)_2(II)$

có : $n_{CO_2(II)} = n_{CaCO_3} - n_{CaCO_3(I)}= 0,05 - 0,04 = 0,01(mol)$

$⇒ n_{CO_2} = n_{CO_2(I)} + n_{CO_2(II)} = 0,05 + 0,01 = 0,06(mol)$

$⇒ V = 0,06.22,4 = 1,344(lít)$

⇒ đáp án D