Đáp án:

 

Giải thích các bước giải:

$1/$
$a/$ $CuO$ tan dần, dung dịch xuất hiện  màu xanh lam

$CuO + 2HCl → CuCl_2 + H_2O$

$b/$ Dung dịch brom nhạt dần rồi mất màu. Cho tiếp $BaCl_2$ vào thì xuất hiện kết tủa màu trắng

$SO_2 + 2H_2O + Br_2 → 2HBr + H_2SO_4$

$BaCl_2 + H_2SO_4 → BaSO_4 + 2HCl$

$c/$ Xuất hiện kết tủa màu trắng :

$CO_2+ Ca(OH)_2 → CaCO_3 + H_2O$
$2/$

$x : CaO$

$y : CaCO_3$
$A : CO_2$

$z : Ca(HCO_3)_2$

$t : Ca(OH)_2$
$CaCO_3 \xrightarrow{t^o} CaO + CO_2$
$Ca(OH)_2 + CO_2 → CaCO_3 + H_2O$
$Ca(OH)_2 + 2CO_2 → Ca(HCO_3)_2$

II)

$A : H_2SO_4$
$x : Na_2SO_4$
$y : SO_2$

$z : H_2O$
$Na_2SO_3 +H_2SO_4 → Na_2SO_4 + SO_2 + H_2O$
$Na_2SO_4 + BaCl_2 → BaSO_4 + 2NaCl$

$SO_2 + Br_2 + 2H_2O → 2HBr + H_2SO_4$

$H_2O + Na_2O → 2NaOH$

$NaOH + CO_2 → NaHCO_3$

III)

$a/$

$A : Al_2O_3,Fe_2O_3,CuO$

$B : Al_2O_3,Fe,Cu$

$2Al(OH)_3 \xrightarrow{t^o} Al_2O_3 + 3H_2O$
$Cu(OH)_2 \xrightarrow{t^o} CuO + H_2O$
$2Fe(OH)_3 \xrightarrow{t^o} Fe_2O_3 + 3H_2O$
$CuO + CO \xrightarrow{t^o} Cu + CO_2$
$Fe_2O_3 + 3CO \xrightarrow{t^o} 2Fe + 3CO_2$

$b/$

Cho nam châm vào hỗn hợp , sắt bị hút hết ra 

Cho hỗn hợp còn lại vào dung dịch $HCl$ lấy dư, thu được :

- chất rắn : $Cu$

- dung dịch : $AlCl_3,HCl$

$2Al + 6HCl → 2AlCl_3 + 3H_2O$

+) Sục khí $NH_3$ tới dư vào dung dịch sau phản ứng , thu lấy kết tủa :

$NH_3 + HCl → NH_4Cl$

$3NH_3 + AlCl_3 + 3H_2O → Al(OH)_3 + 3NH_4Cl$

+) Nung kết tủa ở nhiệt độ cao , thu lấy chất rắn :

$2Al(OH)_3 \xrightarrow{t^o} Al_2O_3 + 3H_2O$

+) Điện phân nóng chảy chất rắn , thu được $Al$

$2Al_2O_3 \xrightarrow{t^o} 4Al + 3O_2$

IV)

Giả sử $Fe_2O_3$ tan hết

Ta có :

$m_{Fe_2O_3} + m_{dd\ H_2SO_4} = m_{dd\ A}$

$⇒ m = 632 - 64 = 568(gam)$

Ta có :

$n_{Fe_2O_3} = \dfrac{64}{160} = 0,4(mol)$

$n_{H_2SO_4} = \dfrac{568.9,8\%}{98}= 0,568(mol)$

$Fe_2O_3 + 3H_2SO_4 → Fe_2(SO_4)_3 + 3H_2O$

Ta thấy : $3n_{Fe_2O_3} = 0,4.3 = 1,2 > n_{H_2SO_4} = 0,568$

→ Giả thiết sai → $H_2SO_4$ dư

Gọi $n_{H_2SO_4} = 3a(mol)$

$⇒ m_{dd\ H_2SO_4} = \dfrac{3a.98}{9,8\%} = 3000a(gam)$

Theo PTHH :

$n_{Fe_2O_3(pư)} = \dfrac{1}{3}n_{H_2SO_4} = a(mol)$

Ta có :

$m_{dd\ A} = m_{Fe_2O_3(pư)} + m_{dd\ H_2SO_4}$

$⇒ 632 = a.160 + 3000a$
$⇒ a = 0,2(mol)$

$⇒ m_{dd\ H_2SO_4} = m = 3000a = 3000.0,2 = 600(gam)$

Ta có :

$n_{Fe_2(SO_4)_3} = n_{Fe_2O_3(pư)} = a = 0,2(mol)$
$⇒C\%_{Fe_2(SO_4)_3} = \dfrac{0,2.400}{632}.100\% = 12,67\%$

$V)$

1) Muối là $(NH_4)_2CO_3$

$(NH_4)_2CO_3 + 2HCl → 2NH_4Cl + CO_2 +H_2O$

$(NH_4)_2CO_3 + 2NaOH → Na_2CO_3 + 2NH_3 + 2H_2O$

2) Muối là $AgNO_3$

$AgNO_3 + HCl → AgCl + HNO_3$

$2AgNO_3 + 2NaOH → NaNO_3 + Ag_2O + H_2O$

3) Muối là $Ba(HCO_3)_2$
$Ba(HCO_3)_2 + 2HCl → BaCl_2 + 2CO_2 + 2H_2O$

$Ba(HCO_3)_2 + 2NaOH → Na_2CO_3 + BaCO_3 + 2H_2O$

Câu 1:

a) Cho từ từ dung dịch HCl dư vào ống nghiệm chứa CuO:

- Hiện tượng: Chất rắn màu đen Đồng II Oxit (CuO) tan dần trong dung dịch.

- PTHH: CuO+ 2HCl -> H2O + CuCl2

c) Thổi khí CO2 vào dung dịch $Ca(OH)_{2}$ :

- Hiện tượng: Dung dịch xuất hiện kết tủa trắng tăng dần đến cực đại, sau đó kết tủa tan dần đến hết.

- PTHH:

CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

CO₂ + CaCO₃ + H₂O → Ca(HCO₃)₂

_{* Xin lỗi vì chỉ giải nhiêu đây T_T}