Oxi hóa không hoàn toàn 5,12 gam ancol A (no, mạch hở đơn chức) thu được 7,36

* Hướng dẫn giải

Đáp án D

Gọi CTPT của ancol no, đơn chức, mạch hở là: C_nH_2n+1CH₂OH

C_nH_2n+1 CH₂OH + ½ O₂ → C_nH_2n+1CHO + H₂O  (1)

C_nH_2n+1 CH₂OH +   O₂ → C_nH_2n+1COOH + H₂O  (2)

BTKL => m_O2 = m_X – m_ancol = 7,36 – 5,12 = 2,24 (g)

=> n_O2 = 2,24 / 32 = 0,07 (mol)

=> Số mol O₂ trong mỗi phần = 0,035 (mol)

TH₁: Ancol ban đầu khác CH₃OH

Phần 1:  $n_{C_n{H}_{2n+1}CHO}=\frac{1}{2}{n}_{Ag} = 0,11\hspace{0.17em}\left(mol\right)$=> sản phẩm sau phản ứng chỉ có andehit phản ứng với Ag_­NO₃/NH₃.

=>  > 2n_O2 = 0,07  ( vì n_{andehit (1)} < 2n_O2 = 0,07 ) => loại 

TH₂: Ancol ban đầu là CH₃OH => n_CH3OH = 5,12/32 = 0,16 (mol) => Trong ½ phần n_CH3OH = 0,16/2 = 0,08 (mol)

CH₃OH + ½ O₂ → HCHO + H₂O

CH₃OH + O₂ → HCOOH + H₂O

Phần 1:  Gọi số mol của HCHO và HCOOH lần lượt là a và b (mol)

Ta có hệ phương trình: $\left\{\begin{array}{l}\sum _{n_{O_2}}= 0,5a\hspace{0.17em}+ b =0,035\\ \sum _{n_{Ag}}=4a +2b = 0,22 \end{array}\right.\Rightarrow \left\{\begin{array}{l}a = 0,05\\ b = 0,01\end{array}\right.$

Phần 2: Sản phẩm gồm HCHO: 0,05 (mol) ; HCOOH: 0,01 (mol) ;

                                       H₂O: 0,06 (mol) ; CH₃OH dư = (0,08-0,06)=0,02 (mol)

Cho sản phẩm tác dụng với Na thì có HCOOH, H₂O và CH₃OH dư đều phản ứng

=> m_rắn = m_HCOONa + m_NaOH + m_CH3ONa

             = 0,01.68 + 0,06.40 + 0,02.54

             = 4,16 (g)

Gần nhất với 4,2 g

Đáp án D

Chú ý:

H₂O và ancol đều tác dụng với Na