Hòa tan hết 27,2 gam hỗn hợp rắn X Fe3O4, Fe2O3 và Cu trong dung dịch chứa 0,9 mol HCl (dùng dư), thu được dung dịch Y có

* Hướng dẫn giải

Qui hỗn hợp đầu về: Fe₂O₃; x mol FeO; y mol Cu

X + HCl dư và không có kết tủa sau đó => Cu phản ứng hết

\(2FeC{{l}_{3}}+Cu\to 2FeC{{l}_{2}}+CuC{{l}_{2}}\)

Y gồm 0,08 mol FeCl₃; \(\left( x+2y \right)\) mol FeCl₂; y mol CuCl₂; HCl

\(\Rightarrow \left( 0,08.3+2x+2y \right)<0,9\)

Hỗn hợp đầu gồm: \(\left( 0,04+y \right)\) mol Fe₂O₃; x mol FeO; y mol Cu

\(\Rightarrow 27,2=160.\left( 0,04+y \right)+72x+64y\,\,{{\,}^{\left( 1 \right)}}\)

Khi điện phân:

Catot(-): thứ tự có thể xảy ra

                \(F{{e}^{3+}}+1e\to F{{e}^{2+}}\)

                \(C{{u}^{2+}}+2e\to Cu\)

                \(2{{H}^{+}}+2e\to {{H}_{2}}\left( * \right)\)

                \(F{{e}^{2+}}+2e\to Fe\)

Anot(+):

                \(2C{{l}^{-}}\to C{{l}_{2}}+2e\)

Vì ngừng điện phân khi catot có khí => dừng trước quá trình (*)

Bảo toàn e: \({{n}_{C{{l}_{2}}}}=\frac{1}{2}\left( 0,08+2y \right)=0,04+y\,\left( mol \right)\)

=> m_giảm \(={{m}_{Cu}}+{{m}_{C{{l}_{2}}}}=y.64+\left( 0,04+y \right).71=13,64g\)

\(\Rightarrow y=0,08\,mol\). Từ \(\left( 1 \right)\Rightarrow x=0,04\,mol\)

=> Sau điện phân còn: n_{HCl dư} = 0,1 mol; \({{n}_{F\text{e}C{{l}_{2}}}}=0,16+0,04+0,08=0,28\,mol\)

\(3F{{\text{e}}^{2+}}+4{{H}^{+}}+NO_{3}^{-}\to 3F{{\text{e}}^{3+}}+NO+2{{H}_{2}}O\)

0,075 <- 0,1 mol

\(F{{\text{e}}^{2+}}+A{{g}^{+}}\to F{{\text{e}}^{3+}}+Ag\)

\(A{{g}^{+}}+C{{l}^{-}}\to AgCl\)

=> Kết tủa gồm: 0,205 mol Ag; 0,66 mol AgCl

\(\Rightarrow m=116,85g\)

=> Đáp án A