Cho 11 gam hỗn hợp X gồm hai este đơn chức, mạch hở tác dụng hết với 200 gam dung dịch KOH 5,6% đun nóng, chưng cất dung dịch sau phản ứng thu được Y gồm hai ancol đồng đẳng kế tiế...

* Hướng dẫn giải

- Xét hỗn hợp ancol Y :

+ Cho Y tác dụng với Na thì :  \({n_Y} = {n_X} = 2{n_{{H_2}}} = 0,15\,mol\)

\(\begin{array}{l}
BTKL:{m_Y} = {m_{{\rm{binh tang}}}} + 2{n_{{H_2}}} = 5,5\,(g)\\
 \Rightarrow {{\bar M}_Y} = \frac{{{m_Y}}}{{{n_Y}}} = 36,66
\end{array}\)

Vậy trong Y gồm CH₃OH và C₂H₅OH

Với \(\left\{ \begin{array}{l}
{n_{C{H_3}OH}} + {n_{{C_2}{H_5}OH}} = 2{n_{{H_2}}}\\
32{n_{C{H_3}OH}} + 46{n_{{C_2}{H_5}OH}} = 5,5
\end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l}
{n_{C{H_3}OH}} = 0,1\,mol\\
{n_{{C_2}{H_5}OH}} = 0,05\,mol
\end{array} \right.\)

-  Khi cho 11 gam X tác dụng với 0,2 mol KOH thì : \({m_{{\rm{ran khan}}}} = {m_X} + 56{n_{KOH}} - {m_Y} = 16,7\,(g)\)

- Xét hỗn hợp X ta có :\({\bar M_X} = \frac{{{m_X}}}{{{n_X}}} = 73,33\) . Vậy trong X có chứa HCOOCH₃,

+ Gọi B là este còn lại có: \({M_B} = \frac{{{m_X} - 60{n_{HCOOC{H_3}}}}}{{{n_B}}} = \frac{{11 - 60.0,1}}{{0,05}} = 100({C_2}{H_3}COO{C_2}{H_5})\)

→ Vậy hỗn hợp X gồm HCOOCH₃ (0,1 mol) và C₂H₃COOC₂H₅ (0,05 mol)

- Khi cho 16,5 gam X (tức 0,15 mol HCOOCH₃ và 0,075 mol C₂H₃COOC₂H₅) tác dụng với Br₂ thì :

\({n_{B{r_2}}} = {n_{HCOOC{H_3}}} + {n_{{C_2}{H_3}COO{C_2}{H_5}}} = 0,225\,mol \Rightarrow {m_{B{r_2}}} = 36\,(g)\)

→ Vậy \({m_{{\rm{ran khan}}}} + {m_{B{r_2}}} = 52,7g\)