X, Y là hai axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp

* Hướng dẫn giải

Đáp án A.

BTKL khi đốt E: $m_E+m_{O_2}=44n_{C{O}_2}+18n_{H_{2}O}\to n_{C{O}_2}=n_{H_{2}O}=0,26 mol$ .

X, Y là 2 axit no, đơn chức mạch hở → T là este 2 chức

→ T chứa ít nhất 2π → đốt E cho $n_{C{O}_2}>n_{H_{2}O}$.

Mà $\sum _{n_{C{O}_2}}=\sum _{n_{H_{2}O}}$ đốt cháy Z cho $n_{C{O}_2}<n_{H_{2}O}$ là ancol no, 2 chức, mạch hở. Quy đổi E với $n_{HCOOH}=n_{KOH}=0,1 mol$ mol.

Bài toán: 

Ta có hệ:  

→ T là este 2 chức nên $n_T=0,02 mol$ mol

Gọi số gốc CH₂ ghép vào axit và ancol là a và b (v$a>0; b\ge 0\to 0,1a+0,04b=0,08$) 

Ta thấy b<2 => b= 0 hoặc b= 1 

ü Với b=0 $\to C{H}_2$ ghép hết vào axit => a= 0,8.

=> 2 axit là HCOOH (0,02) và CH₃COOH (0,08).

Có $n_Z=0,02 mol=n_{HCOOH}$. Vô lý, do $n_{HCOOH}>0,02 \to Loại$

ü Với  b= 1 $\to Z là C_3{H}_6{\left(OH\right)}_3$ => còn dư 0,04 mol CH₂ cho axit.

2 axit là HCOOH (0,06 mol) và CH₃COOH (0,04 mol).

Có $n_Z=0,02 mol$ nên E gồm:  

Xét các phát biểu:

(1) Phần trăm khối lượng của Y trong E là 19,25% → Sai. Vì $\%m_Y=16,04\%$.

(2) Phần trăm số mol của X trong E là 12%. → Sai. Vì $\%n_X=40\%$.

(3) X không làm mất màu dung dịch Br₂. → Sai, X có nhóm CHO- làm mất màu nước Br₂.

(4) Tổng số nguyên tử cacbon trong phân tử T là 5. → Sai, vì tổng số C trong T là 6.

(5) Z là ancol có công thức là C₂H₄(OH)₂. → Sai, vì Z có công thức C₃H₆(OH)₂.

→ Số phát biểu sai là 5