Hỗn hợp E chứa ba este đều mạch hở, trong phân tử chỉ chứa một loại nhóm

Câu hỏi :

Hỗn hợp E chứa ba este đều mạch hở, trong phân tử chỉ chứa một loại nhóm chức gồm este X (CxH2xO2), este Y (CyH2y–2O2) và este Z (CzH2z–2O4). Đun nóng 0,4 mol E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được 25,7 gam hỗn hợp gồm ba ancol cùng dãy đồng đẳng và 49,1 gam hỗn hợp T gồm ba muối. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,275 mol O2, thu được Na2CO3 và 0,49 mol hỗn hợp gồm CO2 và H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp E là 

A. 8,35%.

B. 9,47%.

C. 7,87%.

D. 8,94%.

* Đáp án

A

* Hướng dẫn giải

Đáp án A

Cách 1: X có CTPT CnH2nO2 là este no, đơn chức, mạch hở ® ancol tạo X là no, đơn chức mạch hở. ® cả ba ancol cùng dãy đồng đẳng no, đơn chức, mạch hở ® Z tạo từ axit hai chức và ancol đơn chức.

Theo đó, nhỗn hợp muối T = nE = 0,04 mol. “Cảm nhận” đốt T đủ giả thiết để giải. Thật vậy:

ó Phản ứng đốt cháy:

 

- Gọi số mol Na2CO3 là x mol nCOONa=2a mol . Bảo toàn nguyên tố O với YTHH 01 có:

Phương trình: 4a+0,275.2= 3a+0,49.2-nH2OnH2O=0,42-a (mol)nCO2=0,06+a (mol) 

 Bảo toàn khối lượng: 49,1+0,275.32= 106a+44(0,06+a)+18(0,43-a)a= 0,36.

- YTHH 01 cho 0,72 mol Na trong 0,4 mol T ® có 0,32 mol muối Z'; còn lại 0,08 mol X' và Y'.

Đốt muối, có tương quan nCO2-nH2O=nY'+nZ' có 0,03 mol Y' và suy ra 0,05 mol X'

Biện luận 1:  có phương trình: 0,05n'+0,03m'+0,32x'= nC=0,06+2a= 0,78 mol (*) 

Với n', m', x' là các số nguyên và n'1, m'3, x'=2. Tóm lại, ở đốt cháy muối xử lí có được: 0,05 mol HCOONa; 0,03 mol C2H3COONa và 0,32 mol (COONa)2.

Biện luận 2:  nếu ancol tạo Z là C2H5OH trở lên thì mancol0,32.2.46=29,4425,7 gam.

 ancol tạo ra Z là CH3OH hay Z là (COOCH3)3. Giả sử X là HCOOR và Y là C2H3COOR'.

Ta có  

Giải phương trình nghiệm nguyên có R = 43 (gốc C3H7-) và R'= 57 (gốc C4H9-).

Vậy hỗn hợp E có 0,03 mol este Y là C2H3COOC4H9 (M=128).

Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân có mE=25,7+49,1-0,72.40= 46 gam 

 Yêu cầu .

Cách 2: Suy luận như trên có nmuối = neste = 0,4 mol.

ó Quy muối gồm: x mol HCOONa; y mol C2H3COONa; z mol (COONa)2 và a mol CH2. Ta có hệ 4 ẩn:

    - Tổng số mol các muối:         x+y+z= 0,4 mol (1) 

    - Tổng số mol H2O va CO2:    x+4y+z+2a= 0,49 mol (2) 

    - Tổng khối lượng muối T:      68x+94y+134z+14a= 49,1 mol (3)  

    - Số mol O2 cần để đốt là:        0,5x+3y+0,5z+1,5a= 0,275 mol (4)  

Giải hệ ta được: x = 0,05 mol; y = 0,03 mol; z = 0,32 mol; a = 0 nancol=0,72 mol 

Lại quy đổi ancol gồm 0,72 mol CH3OH và 0,19 mol CH2. Thấy: 0,19= 0,05.2+0,03.3 => có 0,05 HCOOC3H7 và 0,03 C2H3COOC4H9 và 0,32 mol (COOCH3)2 => Yêu cầu như cách 1.

Cách 3: Gọi số mol X, Y, Z lần lượt là x, y, z mol.

Có nNaOH = x + y + 2z = nCOONa = nO trong muối. Lại có .

=> Bảo toàn O phản ứng đốt có  

=> nCO2=0,26+z/2 mol và nH2O=0,23-z/2. BTKL giải ra: z = 0,32 mol ® x + y = 0,08 mol.

nNaOH=0,72 mol=nancolMancol=35,7 có 1 ancol là CH3OH.

=> Tiếp tục giải và biện luận tương tự cách 

Câu hỏi trên thuộc đề trắc nghiệm dưới đây !

Bài tập về Este - Lipit cực hay có lời giải chi tiết !!

Số câu hỏi: 380

Copyright © 2021 HOCTAP247