Thủy phân hoàn toàn 0,12 mol peptit X mạch hở, thu được m gam muối Y, Z

* Hướng dẫn giải

Chọn đáp án B

Cách 1: Biến đổi peptit – quy về đipeptit giải dạng mở rộng.!

Thủy phân: $X+11NaOH\to 3Y+4Z+5H_{2}O$

⇒ X là heptapeptit $X_7$, Y có 1 nhóm COOH còn Z có 2 nhóm COOH.

• biến đổi: $X_7 – 4C{O}_2 + 2,5H_{2}O \to 3,5X_2$|| $X_2$ là đipeptit dạng $C_n{H}_{2n}{N}_2{O}_3$.

56,4 gam $X_7$ ứng với x mol cần bớt 4x mol $C{O}_2$, thêm 2,5x mol $H_{2}O$

để chuyển thành 3,5x mol đipeptit $X_2$ đốt cho (119,6 – 131x) gam $\left(C{O}_2 + H_{2}O\right)$.

⇒ có phương trình:

m_đipeptit = $14\times \frac{119,6-13x}{62}+76\times 3,5x=46,4-131x$

⇒ giải ra x = 0,08 mol. ⇒ 0,12 mol X tương ứng với 84,6 gam.

từ phản ứng thủy phân ban đầu có m = 84,6 + 0,12 × 11 × 40 – 0,12 × 5 × 18 = 126,6 gam.

Cách 2: tham khảo: tranduchoanghuy

11 = 3 + 4 × 2 ⇒ Y chứa 1 –COONa và Z chứa 2 –COONa.

Quy 56,4 gam hỗn hợp X về $C_2{H}_{3}NO, C{H}_2, COO, H_{2}O$.

Đặt $n_{H_{2}O}$ = n_X = x ⇒ $n_{C_2{H}_{3}NO}$ = 7x mol ; $n_{COO }$= n_Z = 4x mol; $n_{C{H}_2}$= y mol.

⇒ $m_X$ = 57 × 7x + 14y + 44 × 4x + 18x = 56,4 gam.

Đốt cho ∑$n_{C{O}_2}$ = (2 × 7x + y + 4x) mol và ∑$n_{H_{2}O}$ = (1,5 × 7x + y + x) mol.

⇒ 44 × (18x + y) + 18 × (11,5x + y) = 119,6 gam. ||⇒ Giải x = 0,08 mol; y = 0,64 mol.

⇒ 0,12 mol X ứng với 0,84 mol $C_2{H}_{3}NO$; 0,96 mol $C{H}_2$; 0,48 mol COO và 0,12 mol $H_{2}O$.

⇒ tương tự cách 1 ta cũng có ∑$m_{muối}$ = 126,6 gam